標題:
105高中數學能力競賽
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作者:
nathan
時間:
2016-11-16 08:16
標題:
105高中數學能力競賽
已知\( \displaystyle a+b+c=\frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c} \)
求\( \displaystyle \frac{1}{(2a+b+c)^2}+\frac{1}{(a+2b+c)^2}+\frac{1}{(a+b+2c)^2} \)的最大值
只想到柯西不等式和\(a=b=c=1\)或\(a=b=c=-1\)，謝謝各位前輩
108.5.13補充
證明：\(tan^2 10^{\circ}+tan^2 50^{\circ}+tan^2 70^{\circ}=9\)
(105高中數學能力競賽 嘉義區複賽試題一)
https://math.pro/db/viewthread.php?tid=3133&page=3#pid19916
設\(x\)是整數，函數\(f(x)\)滿足\(\displaystyle f(x+2)=\frac{1+f(x)}{1-f(x)}\)。已知\(f(1)=3\)，\(f(2)=5\)，求\(f(2021)+f(2022)+f(2023)+f(2024)\)之值為何？
(105高中數學能力競賽 南區(台南區)筆試二試題)
\(f(x)\)為實係數函數，已知所有實數\(x\)滿足\(\displaystyle f(x+2)=\frac{1+f(x)}{1-f(x)}\)，若\(f(1)=2-\sqrt{3}\)，則\(f(2019)=\)
。
(108中正預校國中部，
https://math.pro/db/viewthread.php?tid=3130&page=2#pid19816
)
106.9.17補充
複賽試題
h ttp://www.cysh.cy.edu.tw/files/14-1001-2330,r180-1.php?Lang=zh-tw (連結已失效)
決賽試題
h ttp://cauchy.math.nknu.edu.tw/math/competitions/index.php (連結已失效)
109.6.25補充
設\(Q_1\)、\(Q_2\)為以原點\(O(0,0)\)為圓心的單位圓和\(x\)軸的兩交點。若上半圓上兩點\(P_1\)和\(P_2\)滿足\(∠P_1OP_2=45^{\circ}\)，則\(\Delta P_1OQ_1\)和\(\Delta P_2OQ_2\)面積和的最大值為
。
(105高中數學能力競賽 北一區(花蓮高中)筆試二試題)
(109新北市高中聯招，
https://math.pro/db/thread-3351-1-1.html
)
數列\(\langle\;a_n\rangle\;\)滿足\(a_1=1,a_{n+1}=1+a_n+\sqrt{1+4a_n}(n\ge 1)\)，
而數列\(\langle\;b_n\rangle\;\)定義為\(b_n=\sqrt{1+4a_n}\)。
(1)問：數列\(\langle\;b_n\rangle\;\)為何種數列？
(2)求數列\(\langle\;a_n\rangle\;\)的一般項公式。
(105高中數學能力競賽 北一區(花蓮高中)筆試一試題)
類似題
數列\(\langle\;a_n\rangle\;\)滿足\(a_1=1\)、\(\displaystyle a_{n+1}=\frac{1}{16}(1+4a_n+\sqrt{1+24a_n})\)，求此數列的一般項\(a_n\)。
(109中科實中國中部，
https://math.pro/db/thread-3347-1-1.html
)
111.2.1補充
105學年度學科能力競賽決賽試題
https://www.cysh.cy.edu.tw/p/406-1008-2774,r180.php
105學年度學科能力競賽分區複賽試題
https://www.cysh.cy.edu.tw/p/406-1008-2330,r180.php
作者:
thepiano
時間:
2016-11-16 12:17
標題:
回復 1# nathan 的帖子
這題是 2009 IMO 的預選題
作者:
王重鈞
時間:
2016-11-17 14:16
標題:
#回覆一樓
這題難
想了段時間
圖片附件:
IMG_20161117_141050_HDR.jpg
(2016-11-17 14:16, 1.64 MB) / 該附件被下載次數 6434
https://math.pro/db/attachment.php?aid=3668&k=3f80fb6c36e3fdf1bca6dc675b6489ca&t=1732277610
作者:
王重鈞
時間:
2016-11-17 14:19
第三行筆誤沒有補上c
另外三個角度是隨便假設的也可以是角PQR
參考看看，我印象這題應該是用很複雜的算幾玩來玩去
然後配合乘法公式
作者:
tsusy
時間:
2020-7-1 17:05
標題:
回復 4# 王重鈞 的帖子
我是算幾炸到底，一路黑到底，慘不忍睹
以下使用符號 \( \sum\limits _{cyclic}f(a,b,c)=f(a,b,c)+f(b,c,a)+f(c,a,b) \)
\( 2a+b+c=(a+b)+(a+c)\geq2\sqrt{(a+b)(a+c)} \) (算幾不等式)
故 \( \frac{1}{(2a+b+c)^{2}}\leq\frac{1}{4}\cdot\frac{1}{(a+b)(a+c)} \)，同理有 \( \frac{1}{(2b+c+a)^{2}}\leq\frac{1}{4}\cdot\frac{1}{(b+c)(b+a)} \), \( \frac{1}{(2c+a+b)^{2}}\leq\frac{1}{4}\cdot\frac{1}{(c+a)(c+b)} \)
因此 \( \frac{1}{(2a+b+c)^{2}}+\frac{1}{(2b+c+a)^{2}}+\frac{1}{(2c+a+b)^{2}}\leq\frac{1}{4}\left[\frac{1}{(a+b)(a+c)}+\frac{1}{(b+c)(b+a)}+\frac{1}{(c+a)(c+b)}\right]=\frac{1}{2}\frac{a+b+c}{(a+b)(b+c)(c+a)} \)....(1)
由 \( \frac{1}{a}+\frac{1}{b}+\frac{1}{c}=a+b+c \) 可得 \( \frac{ab+bc+ca}{abc}=a+b+c \Rightarrow\frac{abc(a+b+c)}{ab+bc+ca} = 1 \)...(2)
(1)(2) \( \Rightarrow\frac{1}{(2a+b+c)^{2}}+\frac{1}{(2b+c+a)^{2}}+\frac{1}{(2c+a+b)^{2}}\leq\frac{1}{2}\frac{a+b+c}{(a+b)(b+c)(c+a)}\cdot\frac{abc(a+b+c)}{ab+bc+ca}=\frac{1}{2}\frac{\sum\limits _{cyclic}(a^{3}bc+2ab^{2}c^{2})}{\sum\limits _{cyclic}(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}+2a^{3}bc+4ab^{2}c^{2})} \)...(3)
算幾不等式有 \( a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}\geq2a^{3}bc \Rightarrow\sum\limits _{cyclic}\left(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}\right)\geq\sum\limits _{cyclic}2a^{3}bc \)...(4)
算幾不等式有 \( a^{3}b^{2}+ab^{2}c^{2}\geq2a^{2}b^{2}c, a^{3}c^{2}+ab^{2}c^{2}\geq2a^{2}bc^{2} \)
故 \( \sum\limits _{cyclic}(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}+2ab^{2}c^{2})\geq\sum\limits _{cyclic}(2a^{2}b^{2}c+2a^{2}bc^{2}) \)
\( \Rightarrow\sum\limits _{cyclic}(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}+2ab^{2}c^{2})\geq\sum\limits _{cyclic}4ab^{2}c^{2} \)
\( \Rightarrow\sum\limits _{cyclic}(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2})\geq\sum\limits _{cyclic}2ab^{2}c^{2} \)...(5)
(4)(5) \( \Rightarrow\frac{1}{3}\sum\limits _{cyclic}\left(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}\right)+\frac{2}{3}\sum\limits _{cyclic}\left(a^{3}b^{2}+a^{3}c^{2}\right)\geq\sum\limits _{cyclic}\left(\frac{2}{3}a^{3}bc+\frac{4}{3}ab^{2}c^{2}\right) \)...(6)
(3)(6) \( \Rightarrow\frac{1}{(2a+b+c)^{2}}+\frac{1}{(2b+c+a)^{2}}+\frac{1}{(2c+a+b)^{2}}\leq\frac{1}{2}\frac{\sum\limits _{cyclic}(a^{3}bc+2ab^{2}c^{2})}{\sum\limits _{cyclic}(\frac{8}{3}a^{3}bc+\frac{16}{3}ab^{2}c^{2})}=\frac{3}{16} \).
而當 \( a=b=c=1 \) 時 \( \frac{1}{(2a+b+c)^{2}}+\frac{1}{(2b+c+a)^{2}}+\frac{1}{(2c+a+b)^{2}}=\frac{3}{16} \)，故所求最大值為 \( \frac{3}{16} \).
作者:
tsusy
時間:
2020-7-1 17:24
其實是想問另一題，剛好看到上面，順便先回
105 台南區筆試一第四題是否不小心出錯了(或沒出好)，如果是的話，下界應該修成什麼樣子？題目如下：
數列 \( \{a_{n}\} \)，並滿足 \( 15na_{n}-25na_{n-1}=15a_{n}-6a_{n}a_{n-1} \)，且 \( a_{0}\neq0 \)。
求證 \( \frac{1}{a_{1}a_{2}\cdots a_{n}}>\frac{3^{n}(3^{n+1}-5^{n})}{2\times5^{2n}\times n!} \)， \( n\geq2 \)
說明：當\( n \geq 3 \) 時 \( \frac{3^{n}(3^{n+1}-5^{n})}{2\times5^{2n}\times n!} <0 \)，而 \( a_n \) 認真算過後都是正的，這樣的不等式實在沒什麼意義
以下是一些化簡：
\( 15na_{n}-25na_{n-1}=15a_{n}-6a_{n}a_{n-1}\Rightarrow15(n-1)a_{n}-25na_{n-1}=-6a_{n}a_{n-1}\Rightarrow15\cdot\frac{n-1}{a_{n-1}}-25\cdot\frac{n}{a_{n}}=-6 \)
令 \( b_{n}=\frac{n}{a_{n}} \)，則 \( 15b_{n-1}-25b_{n}=-6 \)，又 \( b_0=0 \) 可解得 \( b_{n}=\frac{3}{5}-(\frac{3}{5})^{n+1}=\frac{3}{5}\left(1-(\frac{3}{5})^{n}\right) \)
\( \frac{1}{a_{1}a_{2}\cdots a_{n}}=\frac{b_{1}b_{2}\cdots b_{n}}{n!}=\frac{3^{n}}{5^{n}\times n!}\prod\limits _{k=1}^{n}\left(1-(\frac{3}{5})^{k}\right) \)
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