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第1題也有完全不坐標化的方法 (正餘弦定理 & 旋轉)
假設 \(\overline{DG}=d\),則 \(\overline{DF}=\sqrt{2}d\)
在\(\triangle DCF\)中,由正弦定理可知 \(\frac{\sqrt{2}d}{\sin{45^{\circ}}}=2R\),\(R=d\)
又因為 \(G\) 在 \(\triangle DCF\) 內部,故 \(G\) 就是 \(\triangle DCF\)之外心,\(\overline{GC}=d\)
再將 \(\triangle DEB\) 以 \(D\) 為中心逆時針旋轉 \(180^{\circ}\),
使得 \(B\) 與 \(C\) 重合,\(E\) 變成 \(E’\)
則 \(\triangle E’CG\) 的三邊長正好是直角三角形的三邊長 \(\sqrt{3}d,d,\sqrt{2}d\)
因此 \(\angle CGE’=90^{\circ}\),而 \(\angle CGD=90^{\circ}+45^{\circ}=135^{\circ}\)
最後在 \(\triangle DCG\) 中使用餘弦定理就解出 \(d\) 了!
\(\overline{CD}^2=d^2+d^2-2dd\cos{135^{\circ}}\)
\(2^2=2d^2+\sqrt{2}d^2\)
\(d^2=\frac{4}{2+\sqrt{2}}=4-2\sqrt{2}\)
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2017-1-9 10:10